PHP Lang
  1. PHP Lang
  3. Уведомление PHP: попытка получить свойство ошибки, отличной от объекта
Intereting Posts
PHP MySQL Выберите * из 2 разных таблиц и отобразите данные, смешанные вместе, упорядоченные по столбцу datetime в обеих таблицах laravel 4.2 запросов с зашифрованным столбцом Как добавить .00 в любое значение, используя php Как удалить строку из файла с помощью php? Как работает «почта» PHP? Где я помещаю оператор sql для хранения в базе данных для blueimp / jQuery-File-Upload? Как определить, нужно ли применять utf8 декодировать или кодировать строку? mod_fcgid и время жизни XCache «Недопустимое определение службы» при использовании DI-> Get Phalcon PHP отправка электронной почты со всеми продуктами из корзины Как определить финиш с file_put_contents () в php? Выберите данные таблицы LIKE данных другой таблицы Неустранимая ошибка: нельзя использовать объект типа stdClass в качестве массива в Рекурсивное слияние php Что LOCK_NB действительно делает в стае?

Уведомление PHP: попытка получить свойство ошибки, отличной от объекта

Я использую Factory в AngularJS, сценарий 

app.factory('GetCountryService', function ($http, $q) { return { getCountry: function(str) { // the $http API is based on the deferred/promise APIs exposed by the $q service // so it returns a promise for us by default var url = "https://www.bbminfo.com/sample.php?token="+str; return $http.get(url) .then(function(response) { if (typeof response.data.records === 'object') { return response.data.records; } else { // invalid response return $q.reject(response.data.records); } }, function(response) { // something went wrong return $q.reject(response.data.records); }); } }; });

Мой выходной экран экрана:

введите описание изображения здесь

Мой скрипт PHP: 

 <?php header("Access-Control-Allow-Origin: *"); header("Content-Type: application/json; charset=UTF-8"); session_start(); $ip = $_SERVER['REMOTE_ADDR']; $dbname = "xyzData"; $link = mysql_connect("localhost", "Super", "Super") or die("Couldn't make connection."); $db = mysql_select_db($dbname, $link) or die("Couldn't select database"); $uid = ""; $txt = 0; $outp = ""; $data = file_get_contents("php://input"); $objData = json_decode($data); if (isset($objData->token)) $uid = mysql_real_escape_string($objData[0]->token, $link); else if(isset($_GET['uid'])) $uid = mysql_real_escape_string($_GET['uid']); else $txt += 1; $outp ='{"records":[{"ID":"' . $objData->token . '"}]}'; echo($outp); ?>

Я получил сообщение error_log

[18-Mar-2016 21:40:40 America / Denver] PHP Примечание: попытка получить свойство не-объекта в /home/sample.php

Я пробовал как $objData->token и $objData->token[0] . Но я получил такое же сообщение об ошибке. Пожалуйста, помогите мне …

Я попробовал Решение, указанное в Уведомлении о публикации : Попытка получить свойство ошибки , отличной от объекта , Но это не так, я поднял 50 пунктов Баунти для этого сообщения. Я попытался обновить свое требование в этом сообщении. Вопрос https://stackoverflow.com/review/spected-edits/11690848 , но Edit был отклонен, поэтому я отправил свое требование в качестве нового Вопроса. Пожалуйста, помогите мне …