Использование именованных параметров с PDO для LIKE
Я пытаюсь найти поле name в своей базе данных, используя LIKE . Если я создаю SQL «вручную» следующим образом:
$query = "SELECT * \n" . "FROM `help_article` \n" . "WHERE `name` LIKE '%how%'\n" . ""; $sql = $db->prepare($query); $sql->setFetchMode(PDO::FETCH_ASSOC); $sql->execute();
Затем он вернет соответствующие результаты для «как».
Однако, когда я превращаю его в подготовленное заявление:
$query = "SELECT * \n" . "FROM `help_article` \n" . "WHERE `name` LIKE '%:term%'\n" . ""; $sql->execute(array(":term" => $_GET["search"])); $sql->setFetchMode(PDO::FETCH_ASSOC); $sql->execute();
Я всегда получаю нулевые результаты.
Что я делаю не так? Я использую подготовленные заявления в других местах моего кода, и они работают нормально.
One Solution collect form web for “Использование именованных параметров с PDO для LIKE”
Связанные :placeholders не должны быть заключены в одинарные кавычки. Таким образом, они не будут интерпретироваться, но рассматриваются как необработанные строки.
Если вы хотите использовать его как шаблон LIKE , передайте % вместе со значением:
$query = "SELECT * FROM `help_article` WHERE `name` LIKE :term "; $sql->execute(array(":term" => "%" . $_GET["search"] . "%"));
О, и на самом деле вам нужно сначала очистить входную строку (addcslashes). Если пользователь поставляет какие-либо посторонние символы % в этом параметре, они становятся частью шаблона соответствия LIKE. Помните, что весь параметр :term передается как строковое значение, и все % s внутри этой строки становятся заполнителями для предложения LIKE.