Intereting Posts
WooCommerce – пользовательские миниатюры и по умолчанию уменьшают изображение Выполните шифрование с помощью PHP (openssl_encrypt), затем расшифруйте с помощью JS (CryptoJS) Может ли кто-нибудь помочь мне выяснить, что не так с этим кодом? Как заполнить jquery datatable с помощью обработки на стороне сервера (PHP)? PHP mkdir () и fopen () не работают – проблема с разрешениями? проблема umask? Операции mysqli_multi_query и mysql Класс пользовательских репозиториев Symfony2 Как перезагрузить запрос http.get после выполнения функции Вставьте данные в базу данных mysql с php и ajax в wordpress Как очистить ввод пользователя в PHP перед отправкой? Опубликовать на странице через Facebook API Как отфильтровать мои запросы доктрины с помощью Symfony ACL как получить следующий / предыдущий пост hrefs и заголовки в wordpress Как использовать веб-службу WCF, которая использует выборочную проверку имени пользователя на странице PHP? Mongodb PHP-драйвер: как создать базу данных и добавить к ней пользователя?

в раскрывающемся меню базы данных mysql, PHP

Мне нужно сохранить выбранную пользователем опцию, когда она выбрана в раскрывающемся списке, и при отправке в моей форме сохраните в моей базе данных MYSQL.

У меня уже есть информация, которая хранится и отображается хорошо, я просто пытаюсь добавить больше контента сейчас. Я попытался использовать тот же метод, но я не могу его сохранить, что я хочу.

Выпадающий снимок выглядит так внутри моей формы:

<span> Difficulty: </span> <select> <option type="text" name="easy" id="easy" value="easy">easy</option> <option type="text" name="comfortable" id="comfortable" value="comfortable">comfortable</option> <option type="text" name="hard" id="hard" value="hard">hard</option> <option type="text" name="veryhard" id="veryhard" value="veryhard">very hard</option> <option type="text" name="hardest" id="hardest" value="hardest">Hardest ride in the world!</option> </select> </label> 

и я пытаюсь отправить его, используя это:

  $difficulty = mysql_real_escape_string($_POST['difficulty']); 

Используя этот запрос:

 $query = sprintf("INSERT INTO markers (difficulty) VALUES ('%s')", $difficulty); 

Когда моя таблица настроена как INT, 20, разрешить null, она сохраняет 0 в базе данных. и когда я установил его VARCHAR, 20, разрешите null, он сохранит пустое поле.

я хочу, чтобы он хранил любое значение, которое выбирает пользователь, т. е. легкий, жесткий, очень жесткий и т. д.

Огромное спасибо

 $_POST['difficulty'] 

Не будет иметь значение, поскольку SELECT не получил «имя». Пытаться

 <select name="difficulty"> 

Ваша проблема – это атрибут name в HTML. Это должно быть «трудностью» для тега select и не быть в тегах опций.

Вам также не нужен type="text" поскольку он по умолчанию по умолчанию. Я подозреваю, что вам не нужен идентификатор, но, конечно, мы не можем видеть остальную часть кода, чтобы вы могли использовать их в другом месте.

 <span> Difficulty: </span> <select name="difficulty"> <option value="easy">easy</option> <option value="comfortable">comfortable</option> <option value="hard">hard</option> <option value="veryhard">very hard</option> <option value="hardest">Hardest ride in the world!</option> </select> 
 <select name="difficulty"> <option type="text" id="easy" value="easy">easy</option> <option type="text" id="comfortable" value="comfortable">comfortable</option> <option type="text" id="hard" value="hard">hard</option> <option type="text" id="veryhard" value="veryhard">very hard</option> <option type="text" id="hardest" value="hardest">Hardest ride in the world!</option> </select> 

Вы не указываете отдельным тегам <option/> атрибут имени.

Вам нужно изменить имя для HTML <select name="difficulty"> . И тогда у вас будет в $_POST['difficulty'] выбранное значение.

http://www.w3schools.com/TAGS/tag_Select.asp